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八年级数学下《第18章平行四边形》整合提升试卷含答案

来源:尚车旅游网


专训1 判定平行四边形的四种常用方法

名师点金:

判定平行四边形的方法通常有四种,即定义和三种判定定理,选择判定方法时,一定要结合题目的条件,选择恰当的方法,从而简化解题过程.

利用两组对边分别平行判定平行四边形

1.如图,在▱ABCD中,E,F分别为AD,BC上的点,且BF=DE,连结AF,CE,BE,DF,AF与BE相交于M点,DF与CE相交于N点.求证:四边形FMEN为平行四边形.

(第1题)

利用两组对边分别相等判定平行四边形

2.如图,已知△ABD,△BCE,△ACF都是等边三角形. 求证:四边形ADEF是平行四边形.

(第2题)

利用一组对边平行且相等判定平行四边形

3.(中考·启东)如图,AB∥CD,AB=CD,点E,F在BC上,且BE=CF.

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(1)求证:△ABE≌△DCF;

(2)试证明:以A,F,D,E为顶点的四边形是平行四边形.

(第3题)

利用对角线互相平分判定平行四边形

4.(中考·哈尔滨)如图①,▱ABCD中,点O是对角线AC的中点,EF过点O,与AD,BC分别相交于点E,F,GH过点O,与AB,CD分别相交于点G,H,连结EG,FG,FH,EH.

(1)求证:四边形EGFH是平行四边形;

(2)如图②,若EF∥AB,GH∥BC,在不添加任何辅助线的情况下,请直接写出图②中与四边形AGHD面积相等的所有平行四边形(四边形AGHD除外).

(第4题)

专训2 平行四边形的性质与判定的四种常见应用题型

名师点金:

平行四边形的性质与判定定理的应用是中考的重点内容之一,从平行四边形的边、角、对角线等方面进行考查,题型多样,一般以简单题为主,有向解决实际问题方面发展的趋势.

利用性质与判定判定平行四边形

1.如图,在▱ABCD中,AE,CF分别是∠DAB,∠BCD的平分线.求证:四

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边形AFCE是平行四边形.

(第1题)

利用性质与判定探究线段的关系

2.(中考·青岛)如图,在△ABC中,AB=AC,AD是BC边上的中线,AE∥BC,CE⊥AE,垂足为E.

(1)求证:△ABD≌△CAE;

(2)连结DE,线段DE与AB之间有怎样的位置和数量关系?请说明理由.

(第2题)

利用性质与判定探究四边形的动点问题

3.如图,在四边形ABCD中,AD∥BC,AD=5,BC=8,M是CD的中点,P是BC边上的一个动点(点P与点B,C不重合),连结PM并延长交AD的延长线于点Q.问:当BP取何值时,四边形ABPQ是平行四边形?请说明理由.

(第3题)

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利用性质与判定解决翻折问题

4.如图,在长方形纸片ABCD中,翻折∠B,∠D,使BC,AD都恰好落在AC上,F,H分别是B,D落在AC上的两点,E,G分别是折痕CE,AG与AB,CD的交点.

(1)求证:四边形AECG是平行四边形; (2)若AB=4 cm,BC=3 cm,求线段EF的长.

(第4题)

专训3 全章热门考点整合应用

名师点金:

本章是中考必考内容,主要考查平行四边形的判定和性质,也常与其他内容相结合进行综合考查;其主要考点可概括为:一个图形,一个性质,一个判定,两个技巧,一种思想.

一个图形——平行四边形

(第1题)

1.如图,E,F分别为平行四边形ABCD两对边AD,BC的中点,AF与BE交于点G,CE与DF交于点H,连结GH,则图中平行四边形的个数为( )

A.7个 B.8个 C.9个 D.10个

一个性质——平行四边形的性质

2.如图,已知D是△ABC的边AB上一点,CE∥AB,DE交AC于点O,且OA=OC,猜想线段CD与线段AE的大小关系和位置关系,并说明理由.

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(第2题)

一个判定——平行四边形的判定

3.如图,已知BE∥DF,∠ADF=∠CBE,AF=CE.求证:四边形DEBF是平行四边形.

(第3题)

两个作辅助线技巧

技巧1 连对角线或平移对角线

4.(中考·遂宁)如图,在▱ABCD中,点E,F在对角线BD上,且BE=DF. 求证:(1)AE=CF;

(2)四边形AECF是平行四边形.

(第4题)

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技巧2 作平行线间的垂线段

5.如图,已知四边形ABCD为平行四边形. 求证:AC2+BD2=AB2+BC2+CD2+DA2.

(第5题)

一种思想——转化思想

6.如图,已知点E,F分别在▱ABCD的边DC和CB上,且AE=AF,DG⊥AF,BH⊥AE,点G,H是垂足.

求证:DG=BH.

(第6题)

答案

专训1

1.证明:∵四边形ABCD是平行四边形,∴AD∥BC. 又∵DE=BF,

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∴四边形BFDE为平行四边形. ∴BE∥DF. 同理AF∥CE.

∴四边形FMEN为平行四边形.

2.证明:∵△ABD,△BCE,△ACF都是等边三角形, ∴BA=BD=AD,BC=BE,∠DBA=∠EBC=60°,AC=AF. ∴∠EBC-∠EBA=∠DBA-∠EBA, ∴∠ABC=∠DBE. ∴△ABC≌△DBE. ∴AF=AC=DE.∴AF=DE. 同理可证△ABC≌△FEC, ∴AB=EF.∴AD=EF.

∴四边形ADEF是平行四边形. 3.证明:(1)∵AB∥CD,

(第3题)

∴∠B=∠C.

∵在△ABE与△DCF中,AB=DC,∠B=∠C,BE=CF, ∴△ABE≌△DCF(S.A.S.).

(2)如图,连结AF,DE.由(1)知,△ABE≌△DCF,∴AE=DF,∠AEB=∠DFC,∴∠AEF=∠DFE,∴AE∥DF,∴四边形AFDE是平行四边形,即以A,F,D,E为顶点的四边形是平行四边形.

4.(1)证明:∵四边形ABCD是平行四边形, ∴AD∥BC,OA=OC, ∴∠EAO=∠FCO.

在△OAE与△OCF中,

∠EAO=∠FCO,

OA=OC,

∠AOE=∠COF,

∴△OAE≌△OCF,∴OE=OF. 同理OG=OH,

∴四边形EGFH是平行四边形.

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(2)解:与四边形AGHD面积相等的平行四边形有▱GBCH,▱ABFE,▱EFCD,▱EGFH.

专训2

1.证明:∵四边形ABCD为平行四边形, ∴DC∥AB,∠BCD=∠DAB.

11

又∵AE,CF分别是∠DAB,∠BCD的平分线,∴∠EAB=∠DAB,∠DCF=

22∠DCB.∴∠EAB=∠DCF.

∵DC∥AB,∴∠DCF+∠CFA=180°. ∴∠EAB+∠CFA=180°.∴AE∥CF. 又∵DC∥AB,

∴四边形AFCE是平行四边形.

2.(1)证明:∵AB=AC,∴∠B=∠ACB. 又∵AD是BC边上的中线, ∴AD⊥BC.即∠ADB=90°. ∵AE∥BC,∴∠EAC=∠ACB. ∴∠B=∠EAC.

∵CE⊥AE,∴∠CEA=90°. ∴∠ADB=∠CEA. 又∵AB=CA,

∴△ABD≌△CAE(A.A.S).

(2)解:DE∥AB且DE=AB.理由如下: ∵△ABD≌△CAE,∴AE=BD. 又∵AE∥BD,

∴四边形ABDE是平行四边形. ∴DE∥AB且DE=AB.

13

3.解:当BP=时,四边形ABPQ是平行四边形.

2理由:设PC=x,则BP=8-x.

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因为M是CD的中点,所以DM=CM. 因为AD∥BC,所以∠Q=∠MPC. 又因为∠DMQ=∠CMP, 所以△DMQ≌△CMP. 所以DQ=PC=x. 所以AQ=AD+DQ=5+x. 因为BP=AQ,所以8-x=5+x.3

解得x=. 2

313

所以BP=8-=. 22故当BP=

13

时,四边形ABPQ是平行四边形. 2

11

4.(1)证明:由翻折可得∠GAH=∠DAC,∠ECF=∠ACB.

22∵四边形ABCD是长方形, ∴DA∥BC.∴∠DAC=∠ACB. ∴∠GAH=∠ECF. ∴AG∥CE. 又∵AE∥CG,

∴四边形AECG是平行四边形. (2)解:易得AC=5 cm,∴AF=2 cm, 设EF=BE=x cm,则AE=(4-x)cm, ∴在Rt△AEF中,AE2=AF2+EF2. 即(4-x)2=22+x2, 3

解得x=. 2

3

∴线段EF的长为 cm.

2

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专训3 1.B

2.解:线段CD与线段AE平行且相等. 理由:∵CE∥AB, ∴∠DAO=∠ECO.

又∵OA=OC,∠AOD=∠COE, ∴△AOD≌△COE, ∴OD=OE.又∵OA=OC, ∴四边形ADCE为平行四边形, ∴CD与AE平行且相等. 3.证明:∵BE∥DF, ∴∠AFD=∠CEB.

又∵∠ADF=∠CBE,AF=CE, ∴△ADF≌△CBE(A.A.S.). ∴DF=BE. 又∵BE∥DF,

∴四边形DEBF是平行四边形.

4.证明:(1)∵四边形ABCD为平行四边形, ∴AB∥CD,AB=CD. ∴∠ABE=∠CDF. 在△ABE和△CDF中,

AB=CD,

∠ABE=∠CDF, BE=DF,

∴△ABE≌△CDF.∴AE=CF. (2)如图,连结AC,与BD交于点O. ∵四边形ABCD为平行四边形, ∴AO=CO,BO=DO. 又∵BE=DF,∴EO=FO.

∴四边形AECF是平行四边形.

(第4题) 10 / 11

5.证明:如图,过点A作AE⊥BC于点E,过点D作DF⊥BC,交BC的延长线于点F,

∴AC2=AE2+CE2=AB2-BE2+(BC-BE)2=AB2+BC2-2BE·BC, BD2=DF2+BF2=(CD2-CF2)+(BC+CF)2=CD2+BC2+2BC·CF.∴AC2+BD2=AB2+CD2+BC2+BC2+2BC·CF-2BE·BC. ∵四边形ABCD为平行四边形, ∴AB∥CD且AB=DC,DA=BC. ∴∠ABE=∠DCF. ∵∠AEB=∠DFC=90°, ∴△ABE≌△DCF.∴BE=CF. ∴AC2+BD2=AB2+BC2+CD2+DA2.

(第5题)

6.证明:如图,连结BE,DF. 11

易得S△ABE=S▱ABCD,S△ADF=S▱ABCD,

22所以S△ABE=S△ADF. 11

所以AE·BH=AF·DG.

22又因为AE=AF,所以DG=BH.

(第6题)

点拨:这里运用了转化思想.将线段相等的问题转化为面积相等的问题,使问题迎刃而解.

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